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lecture.cls

@@ -23,6 +23,7 @@
 \RequirePackage{forloop}
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 \RequirePackage{calc}
+\RequirePackage{wasysym}
 
 \usetikzlibrary{quotes, angles}
 
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 \makeatletter \renewcommand\d[1]{\ensuremath{%
   \;\mathrm{d}#1\@ifnextchar\d{\!}{}}}
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+
+% contradiction
+\newcommand{\contr}{\text{\Large\lightning}}

sose2020/la/uebungen/la2.tex

@@ -0,0 +1,253 @@
+\documentclass[uebung]{../../../lecture}
+
+\begin{document}
+
+\title{Lineare Algebra II: Übungsblatt 2}
+\author{Dominik Daniel, Christian Merten}
+
+\punkte[8]
+
+\begin{aufgabe}
+    Seien $I, J, K$ Ideale im Ring $R$.
+    \begin{enumerate}[(a)]
+        \item Beh.: $I (J + K) = IJ + IK$.
+            \begin{proof}
+                ,,$\subseteq$'': Sei $r \in I (J + K)$. Dann ex. $a_1, \ldots, a_n \in I$,
+                $b_1, \ldots, b_n \in (J + K)$ und
+                $\forall b_i: \exists c_i \in J, d_i \in K$, s.d.
+                \[
+                    r = \sum_{i=1}^{n} a_i b_i = \sum_{i=1}^{n} a_i (c_i + d_i)
+                    = \sum_{i=1}^{n} (a_i c_i + a_i d_i)
+                    = \underbrace{\sum_{i=1}^{n} a_i c_i}_{ \in IJ} +
+                    \underbrace{\sum_{i=1}^{n} a_i c_i}_{\in IK } \in IJ + IK
+                .\] 
+                ,,$\supseteq$'': Wegen $J, K$ Ideale gilt $0 \in J$, $0 \in K$, d.h.
+                $IJ = I (J + (0)) \subseteq I (J + K)$ und $IK \subseteq I ((0) + K) \subseteq I (J + K)$.
+                Da $I (J + K)$ Ideal, folgt $IJ + IK \subseteq I (J + K)$.
+            \end{proof}
+        \item Beh.: $(I \cap J)(I + J) \subseteq IJ \subseteq I \cap J$.
+            \begin{proof}
+                Sei $r \in (I \cap J)(I + J)$. Dann ex.
+                $a_1, \ldots, a_n \in I \cap J$, $c_1, \ldots, c_n \in I$ und
+                $d_1, \ldots, d_n \in J$ s.d.
+                \[
+                    r = \sum_{i=1}^{n} a_i (c_i + d_i)
+                    = \sum_{i=1}^{n} (a_i c_i + c_i d_i + a_i d_i - c_i d_i)
+                    = \underbrace{\sum_{i=1}^{n} c_i ( a_i + d_i)}_{\in IJ}
+                    + \underbrace{\sum_{i=1}^{n} d_i (a_i - c_i)}_{\in IJ} \in IJ
+                .\] Also folgt $(I \cap J)(I + J) \subseteq IJ$.
+
+                Sei nun $r \in IJ$. Dann ex. $a_1, \ldots, a_n \in I$ und $b_1, \ldots, b_n \in J$ mit
+                \[
+                    r = \sum_{i=1}^{n} a_i b_i
+                .\] Wegen $a_i \in I$ und $I$ Ideal, ist $a_i b_i \in I$ und wegen
+                $b_i \in J$ und $J$ Ideal, ist $a_i b_i \in J$, also $r \in I \cap J$.
+                Damit folgt $IJ \subseteq I \cap J$ und die Behauptung.
+            \end{proof}
+        \item Beh.: Ist $I + J = (1)$, dann ist $I \cap J = IJ$.
+            \begin{proof}
+                Es sei $I + J = (1)$. Mit (b) folgt bereits $IJ \subseteq I \cap J$.
+                
+                Außerdem folgt mit (b): $(I \cap J)(I + J) = (I \cap J)(1) \subseteq IJ$.
+                Bleibt zu zeigen: $I \cap J \subseteq (I \cap J)(1)$. Sei dazu $r \in I \cap J$. Dann
+                ist $r = r \cdot 1 \in (I \cap J)(1)$. Damit folgt
+                $I \cap J \subseteq IJ$ und die Behauptung.
+            \end{proof}
+    \end{enumerate}
+\end{aufgabe}
+
+\begin{aufgabe}
+    Beh.: Er füttert und badet die Python vom Mittwoch dieser Woche in sieben Tagen am selben Tag.
+    \begin{proof}
+        Zunächst ist die Fütterung durch $\Z / 4 \Z$ und das Baden durch $\Z / 7 \Z$ modelliert.
+        Weiter sind $4 \Z$ und $7 \Z$ wegen $2 \cdot 4 - 7 = 1$ relativ prim.
+
+        Außerdem ist $4 \Z \cap 7 \Z \supseteq 28 \Z$, denn: $28 = 4 \cdot 7 \in 4 \Z \cap 7 \Z$.
+        Weiter ist $4 \Z \cap 7 \Z \subseteq 28 \Z$, denn: $\forall r \in 28\Z$ gilt
+        $4  \mid r$ und $7  \mid r \implies r \in 4 \Z \cap 7 \Z$.
+
+        Mit dem chinesischen Restsatz folgt damit:
+        \[
+            \Z / 28 \Z \stackrel{\sim }{=} \Z / 4 \Z \times \Z / 7 \Z
+        .\] Startzeitpunkt Mittwoch ist $(\overline{1}, \overline{0}) \in \Z / 4 \Z \times  \Z / 7 \Z$.
+        Nach dem chinesischen Restsatz existiert auch die Abbildung
+        \[
+        \varphi \colon \Z \to \Z / 4 \Z \times \Z / 7 \Z
+    .\] Es ist $\varphi(21) = (\overline{1}, \overline{0})$, da $21 \equiv 1$ $(\text{mod } 4)$
+    und $21 \equiv 0$ $(\text{mod } 7)$. Also ist in 7 Tagen, ausgehend von Mittwoch dieser Woche:
+    \[
+        \varphi(21 + 7) = \varphi(28) = (\overline{0}, \overline{0})
+    .\]
+    Also wird die Python an diesem Tag sowohl gebadet, als auch gefüttert, und danach
+    alle 28 Tage wieder.
+    \end{proof}
+\end{aufgabe}
+
+\begin{aufgabe}
+    Sei $\Z[\sqrt{-3}] := \{a + b \sqrt{-3}  \mid a, b \in \Z\} \subset \mathbb{C}$ und
+    $\delta \colon \Z[\sqrt{-3} ] \to \N_0$, $a + b \sqrt{-3} \mapsto a^2 + 3b^2$.
+    \begin{enumerate}[(a)]
+        \item Beh.: $\delta(1) = 1$ und $\delta (x\cdot y) = \delta (x) \cdot \delta (y)$
+            $\forall x, y \in \Z[\sqrt{-3}] $
+            \begin{proof}
+                Es gilt $\delta (1) = 1^2 = 1$.
+
+                Seien $x, y \in \Z[\sqrt{-3} ]$ mit $x = a + \sqrt{-3} b$ und $y = c + \sqrt{-3}d$.
+                Dann folgt:
+                \begin{align*}
+                    \delta (x \cdot y) &= \delta (ac - 3bd + \sqrt{-3} (bc + ad)) \\
+                    &= a^2c^2 - 6bdac + 9b^2d^2 + 3(b^2c^2 + 2bdac + a^2d^2) \\
+                    &= a^2 c^2 + 9b^2d^2 + 3b^2c^2 + 3 a^2d^2 \\
+                    &= (a^2 + 3b^2) (c^2 + 3d^2) \\
+                    &= \delta (a + \sqrt{-3} b) \cdot \delta (c + \sqrt{-3} d) \\
+                    &= \delta (x) \cdot \delta (y)
+                .\end{align*}
+            \end{proof}
+        \item Beh.: $\Z[\sqrt{-3}]^{\times } = \{ x \in \Z[\sqrt{-3}]  \mid \delta (x) = 1\} = \{\pm 1\} $
+            \begin{proof}
+                Zunächst gilt: $\{\pm 1\} \subseteq \{ x \in \Z[\sqrt{-3} ]  \mid  \delta (x) = 1\} $, denn
+                $\delta (1) = 1 = \delta (-1)$.
+
+                Sei nun $x \in \Z[-3]$ mit $\delta (x) = 1$. Dann ex. $a, b \in \Z$ mit
+                $x = a + \sqrt{-3} b$. Damit folgt
+                \[
+                    \delta (x) = \underbrace{a^2}_{\ge 0} + \underbrace{3b^2}_{\ge 0} = 1
+                .\] Ang. $b \neq 0$, dann ist $b^2 \ge 1 \implies 3b^2 \ge 3 \implies \delta (x) \ge 3$
+                $\contr$. Also ist $b = 0 \implies a^2 = 1 \implies x \in \{\pm 1\}$.
+                Damit gilt $\{x \in \Z[\sqrt{-3} ]  \mid \delta (x) = 1\} = \{\pm 1\} $.
+
+                Sei nun $x \in \Z[\sqrt{-3}]^{\times }$. Dann ex. $y \in \Z[\sqrt{-3}]$ mit
+                $xy = 1 \implies \delta (xy) = \delta (x) \delta (y) = 1$. Wegen
+                $\delta (x), \delta (y) \in \N_0 \implies \delta(x) = 1$.
+                Also
+                $\Z[\sqrt{-3}]^{\times} \subseteq \{x \in \Z[\sqrt{-3} ]  \mid \delta (x) = 1\} = \{\pm 1\} $.
+
+                Offensichtlich ist $1 \cdot 1 = (-1) \cdot (-1) = 1$, also
+                $\{\pm 1\} \subseteq \Z[\sqrt{-3}]^{\times }$. Damit folgt die Beh.
+            \end{proof}
+        \item Beh.: $\delta^{-1}(2) = \emptyset$.
+            \begin{proof}
+                Ang. es ex. ein $x \in \Z[\sqrt{-3} ]$ mit $\delta (x) = 2$. Dann ex. $a, b \in \Z$
+                mit $x = a + \sqrt{-3} b$. Dann folgt $\delta (x) = a^2 + 3b^2 = 2$.
+                
+                Ang.: $b \neq 0 \implies b^2 \ge 1 \implies 3b^2 \ge 3$.
+                Wegen $a^2 \ge 0 \implies \delta (x) \ge 3$ $\contr$. Also $b = 0$.
+
+                Damit folgt $a^2 = 2$, aber $a \in \Z$ $\contr$.
+            \end{proof}
+
+            Beh.: $2$ und $1 \pm \sqrt{-3} $ sind irreduzibel.
+            \begin{proof}
+                Es gilt zunächst $\delta (2) = \delta (1 \pm \sqrt{-3}) = 4$.
+
+                Seien $x, y \in R$ mit $xy = 2$. Dann folgt
+                $\delta (x) \cdot \delta (y) = \delta (xy) = \delta (2) = 4$. Da aber
+                $\delta (a) \in \N_0$ $\forall a \in \Z[\sqrt{-3}]$, folgt, dass $\delta (2) = 4$ nur
+                als $\delta (2) = 2 \cdot 2$ oder $\delta (2) = 4 \cdot 1$ darstellbar ist.
+
+                Wegen $\delta^{-1}(2) = \emptyset$, folgt, dass entweder $\delta (x) = 1$ oder $\delta (y) = 1$
+                ist. Wegen (b) folgt damit, dass $x \in \Z[\sqrt{-3} ]^{\times }$ oder
+                $y \in \Z[\sqrt{-3}]^{\times }$.
+
+                Für $1 \pm \sqrt{-3} $ analog.
+            \end{proof}
+
+            Beh.: $2$ ist kein Primelement in $\Z[\sqrt{-3} ]$.
+            \begin{proof}
+                Es gilt $2 \mid 4 = (1 + \sqrt{-3})(1 - \sqrt{-3})$. Aber
+                $2 \nmid (1 \pm \sqrt{-3})$, da $1 \pm \sqrt{-3} $ irreduzibel. Also
+                ist $2$ kein Primelement.
+            \end{proof}
+        \item Beh.: $\text{GGT}(4, 2+2\sqrt{-3}) = \emptyset$.
+            \begin{proof}
+                Zunächst ist $\delta (4) = \delta (2 + 2 \sqrt{-3}) = 16$. Sei $b \in \Z[\sqrt{-3}]$
+                Teiler von $a \in \Z[\sqrt{-3}]$ mit $\delta(a) = 16$. Dann ex.
+                $c \in \Z[\sqrt{-3}]$ s.d. $a = bc$. Dann gilt
+                $\delta(a) = \delta (bc) = \delta (b) \cdot \delta (c) = 16$. Wegen
+                $\delta (b) \in \N_0 \implies \delta (b) \in \{1, 2, 4, 8, 16\}$. Wegen
+                $\delta^{-1}(2) = \emptyset$ und $2 \cdot 8 = 16 \implies \delta(b) \in \{1, 4, 16\} $.
+
+                Es lässt sich nachrechnen, dass
+                \begin{align*}
+                    \delta^{-1}(1) &= \{\pm 1 \} \\
+                    \delta^{-1}(4) &= \{\pm 2, \pm (1 \pm \sqrt{-3}) \} \\
+                    \delta ^{-1}(16) &= \{\pm 4, \pm (2 \pm \sqrt{-3}) \} 
+                .\end{align*}
+                Damit folgt, dass alle möglichen gemeinsamen Teiler
+                gegeben sind durch:
+                \[
+                    T = \{\pm 1, \pm 2, \pm (1 \pm \sqrt{-3}), \pm 4, \pm (2 \pm \sqrt{-3})\} 
+                .\] 
+                Es gilt weiter $4 \nmid (2 \pm 2\sqrt{-3})$, da $\forall a, b \in \Z$ gilt:
+                \[
+                    4 (a + \sqrt{-3} b) = \underbrace{4a}_{\neq 2} + 4 b \sqrt{-3} \neq 2 \pm 2 \sqrt{-3} 
+                .\] Da $-4$ bzw. $- (2 \pm \sqrt{-3})$ assoziierte zu $4$ bzw. $2 \pm \sqrt{-3} $ sind,
+                folgt $\pm 4 \nmid \pm (2 \pm 2 \sqrt{-3})$.
+
+                Außerdem gilt $(2 \pm 2 \sqrt{-3}) \nmid 4$, da, ang. es ex. $a, b \in \Z$ mit:
+                \[
+                    4 = (2 \pm 2 \sqrt{-3} ) (a + \sqrt{-3} b)
+                    = \underbrace{2a \mp 6b}_{=4} + \sqrt{-3} (\underbrace{2b \pm 2a}_{= 0})
+                    \implies 2a = \mp 2b \implies = \mp \underbrace{8b}_{\in \Z} = 4 \quad \contr
+                .\] Analog folgt wieder $\pm (2 \pm 2 \sqrt{-3}) \nmid \pm 4$.
+                Damit folgt $\pm 4$, $\pm (2 \pm 2 \sqrt{-3}) \not\in \text{GGT}(4, 2 + 2 \sqrt{-3})$.
+
+                Da $\pm 2, \pm (1 \pm \sqrt{-3}) \not\in \Z[\sqrt{-3}]^{\times }$, folgt
+                $\pm 2 \nmid \pm 1, \pm (1 \pm \sqrt{-3}) \nmid \pm 1$. Wegen
+                $\pm 2$ und $\pm (1 \pm \sqrt{-3})$ irreduzibel, folgt
+                $\pm 2 \nmid \pm (1 \pm \sqrt{-3})$ und $\pm (1 \pm \sqrt{-3}) \nmid \pm 2$.
+
+                Damit folgt die Behauptung.
+            \end{proof}
+        \item Beh.: $\Z[\sqrt{-3}]$ ist nicht faktoriell.
+            \begin{proof}
+                Es ist $2$ und $1 \pm \sqrt{-3}$ irreduzibel. Damit folgt
+                \[
+                    4 = 2 \cdot 2 = (1 + \sqrt{-3})(1 - \sqrt{-3})
+                .\] Damit hat $4$ keine, bis auf Assoziiertheit und Reihenfolge
+                eindeutige Zerlegung in irreduzible Elemente. Also folgt die Behauptung.
+            \end{proof}
+    \end{enumerate}
+\end{aufgabe}
+
+\begin{aufgabe}
+    Sei $R$ ein Ring.
+    Beh.: $R$ ist noethersch $\iff$ Jedes Ideal in $R$ ist endlich erzeugt.
+    \begin{proof}
+        ,,$\implies$'': Sei R noethersch und $I \subseteq R$ ein Ideal.
+        Dann konstruiere induktiv eine Folge von Idealen $(I_{j})_{j \in \N}$.
+        Dazu sei $a_1 \in I$. Setze $I_1 := (a_1)$.
+        
+        Seien $I_1$ bis $I_j$ bereits konstruiert. Dann sei $a_{j+1} \in I$ mit
+        $a_{j+1} \not\in I_j$. Falls kein $a_{j+1}$ mit solcher Eigenschaft existiert, folgt
+        mit $I = (a_1, \ldots, a_j)$ die Behauptung. Sonst setze $I_{j+1} := (a_1, \ldots, a_j, a_{j+1})$.
+        Dafür gilt nach Konstruktion: $I_j \subseteq I_{j+1} \subseteq I$.
+
+        So ensteht eine aufsteigende Kette von Idealen in $R$. Da $R$ noethersch, ex. $n \in \N$ mit
+        $I_j = I_n$ $\forall j \ge n$. Für $I_n$ gilt damit $I_n = (a_1, \ldots, a_n) = I$, also
+        ist $I$ endlich erzeugt.
+
+        ,,$\impliedby$'': Sei jedes Ideal in $R$ endlich erzeugt und $I_1 \subseteq I_2 \subseteq \ldots$
+        aufsteigende Kette von Idealen. Dann setze
+        \[
+        J := \bigcup_{k\ge 1} I_k
+        .\] Zunächst gilt $J$ ist Ideal in $R$, da
+        \begin{enumerate}[label=(I\arabic*)]
+            \item $0 \in I_k$ $\forall k \ge 1 \implies 0 \in J$
+            \item Seien $a, b \in J \implies \exists k, l \in \N$ mit $a \in I_k$ und $b \in I_l$.
+                O.E. sei $k \ge l$. Dann ist $I_l \subseteq I_k \implies a, b \in I_k$. Da
+                $I_k$ Ideal, folgt $a + b \in I_k \implies a + b \in J$.
+            \item Sei $a \in J$, $r \in R \implies \exists k \in  \N$ mit $a \in I_k$.
+                Da $I_k$ Ideal, folgt $r \cdot a \in I_k \implies r \cdot a \in J$.
+        \end{enumerate}
+
+        Da jedes Ideal in $R$ endlich erzeugt ist, ex. $a_1, \ldots, a_k \in R$ mit
+        $J = (a_1, \ldots, a_k)$. Also ist $a_1, \ldots, a_k \in J$. Damit ex. $n \in \N$ mit
+        $a_1, \ldots, a_k \in I_n$. Also ist
+        $(a_1, \ldots, a_n) \subseteq I_n \subseteq J = (a_1, \ldots, a_n)$.
+        Dann folgt $I_n = J$, also gilt $\forall k \ge n$: $I_k = I_n$. Damit ist
+        $R$ noethersch.
+    \end{proof}
+\end{aufgabe}
+
+\end{document}